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CodeforcesRound#277(Div.2)_html/css_WEB-ITnose

时间：2021-07-01 10:21:17 帮助过：14人阅读

A题：http://codeforces.com/contest/486/problem/A

分析：分析下奇偶就出来结果了

代码：

#include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include using namespace std;typedef long long ll;const int N=100010;ll arr[N];ll dp[110][2];ll n,m;int main(){        while(cin>>n)        {            if(n&1)            {                cout<

B题： http://codeforces.com/contest/486/problem/B

分析：题目是说有一个01矩阵A，然后根据A可以得到矩阵B，规则是Bij=1如果i行或者j列至少有一个1，否则Bij为0. 现在已知B矩阵，求问能否找到一个合适的A矩阵。

可以看出，如果B矩阵元素是0，那么A矩阵中该元素所在的行和列肯定也要全为0，故此可以在最开始把A全部设置成1，再把B中为0的对应的行和列在A中设为0，最后再通过得到的A来求B，看是否一致，不一致的话，则返回NO

代码：

#include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include using namespace std;typedef long long ll;const int N=100010;int a[110][110];int b[110][110];int c[110][110];ll n,m;int main(){        while(cin>>n>>m)        {            for(int i=0;i>a[i][j];                    b[i][j]=1;                }            for(int i=0;i

c题： http://codeforces.com/contest/486/problem/C

分析：题意是问要经过多少步使得给定字符串编程回文字符串，首先可以肯定得是，指针只需要在字符串的一半部分移动就行了，比如长度为8的字符串，当前位置为3，那么字符串最多也只要在位置为1234的地方进行改变就行了，因为该左边部分和改右边部分是等价的，但是去过指针在左边但是去改右边移动的步数会比较多，其次，如果都转换到当前指针在左边之后，还要判断指针是先左后右还是先右后左，两种不同的结果，同时要注意最左和最右需要走到那边，比如第1个位置和第8个位置是一样的，那么最左只需要走到第二个位置就行了。。。比赛时代码写的比较乱。。。

代码：

#include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include using namespace std;typedef long long ll;const int N=100010;int a[110][110];int b[110][110];int c[110][110];int n,m;int main(){        while(cin>>n>>m)        {            string s;            cin>>s;            m = min(m,n+1-m);            m--;            int ret = 0;            int start = 0;            while(start=n-1-start)            {                cout<<0<=0&&s[start1]==s[n-1-start1])                start1--;            if(start1<0)            {                cout<<0<=0)            {                int t1 = s[start1]-'a';                int t2 = s[n-1-start1]-'a';                int diff = max(t1,t2)-min(t1,t2);                int t = min(diff,26-diff);                if(t!=0)                {                    ret1+=t;                    ret1+=abs(start1-last1);                    last1 = start1;                }                start1--;            }            ret = min(ret,ret1);            cout<

D题： http://codeforces.com/contest/486/problem/D

比赛时没做。。。因为太晚了舍友要睡觉= =今天看了下题目，可以肯定得是树形DP,一般树形DP都是用dp[i]来表示以i为root节点得到的什么什么数。。。

参考了下别人的代码，这里用dfs(i)返回以i为节点，且i节点的权重最大的情况下，有多少个符合条件的子树，这样的话，只需要遍历每个节点，然后把每个节点当成root顶点，计算有多少符合条件的子树即可，要注意的是，这里可能会产生重复的字符，故需要用visited[i]来判断以i为root且最大为weight[i]的子树是否已经处理过

代码：

#include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include using namespace std;typedef long long ll;const int mod = 1e9+7;const int N=3010;ll x,y,m,n,k;pair  arr[N];bool deleted[N];string s;int a,b,c,d;vector v[N];bool visited[N];int weight[N];ll dfs(int cur,int par,int up,int down){    if(weight[cur]up)        return 0;    if(weight[cur]==up&&!visited[cur])        return 0;    ll ans = 1;    for(int i=0;i>d>>n)    {                for(int i=1;i<=n;i++)        {            cin>>weight[i];            v[i].clear();            visited[i]=true;        }        for(int i=0;i>a>>b;            v[a].push_back(b);            v[b].push_back(a);        }        ll ans = 0;        for(int i=1;i<=n;i++)        {            ans = (ans+dfs(i,-1,weight[i],weight[i]-d))%mod;            visited[i]=false;        }        cout<

CodeforcesRound#277(Div.2)_html/css_WEB-ITnose

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